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原题链接：
https://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5927

题意：
有一颗根节点是1的树，其中有重要的点和不重要的点，重要的点需满足以下两个条件至少一个：
1.本来就是重要的点
2.是两个重要的点的最近共同祖先
有t个测试实例，对于每个测试实例：
给出结点个数n和询问次数q
对于每次询问：
给出一个数con，表示不重要的点的个数
接下来con个数是不重要的点的编号
对于每个询问，求出重要的点的个数（每次询问之间相互独立）

思路：
ans记录重要结点的个数
本来就是重要的点有n-con个
那么我们就需要检查一下不重要的点，对于每个不重要的点看看他是不是两个重要的点的最近共同祖先

对于点u，如果他的以儿子结点为根的子树中，多于两个子树里有
重要的结点，那么u就能变成重要的结点

那么我们可以先预处理好每个结点的儿子结点的个数，每个点的父节点和每个点的深度

然后再对不重要的结点按照深度从大到小的顺序排序

从最深的结点u开始遍历，如果u的有重要点的儿子结点数量超过两个，那么u就可以变成重要结点，ans++

如果变不了重要结点，说明u的有重要点的儿子结点数量要么是0要么是1，如果是0，那么u的父节点的有重要儿子结点的数量就需要-1，因为每次询问独立，那么我们需要将减掉的点给记录一下，当这次询问完毕时再复原加上

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1e5+5;
int d[maxn];
int book[maxn];
vector<int> edg[maxn];
int que[maxn];
int impor[maxn];
int unimpor[maxn];
int ans;
int son[maxn];
int so[maxn];
int fa[maxn];
bool cmp(int x, int y)
{return d[x]>d[y];
}
void dfs(int x, int y)
{fa[x]=y;son[y]++;son[x]=0;d[x]=d[y]+1;for(int i=0; i<(int)edg[x].size(); i++){if(edg[x][i]!=y)dfs(edg[x][i],x);}return;
}
int main()
{int t;cin>>t;int e=1; while(t--){int n;int q;scanf("%d%d", &n, &q);int i, j, x, y;for(i=0; i<n-1; i++){scanf("%d %d", &x, &y);edg[x].push_back(y);edg[y].push_back(x);	}dfs(1,0);int  m;printf("Case #%d:\n", e++);    while(q--){scanf("%d", &m);for(i=0; i<m; i++){  scanf("%d", &unimpor[i]);//不重要节点so[unimpor[i]]=son[unimpor[i]];//节点的儿子}ans=n-m;sort(unimpor, unimpor+m, cmp);for(i=0; i<m; i++){if(so[unimpor[i]]>=2)ans++;else{if(so[unimpor[i]]==0)  so[fa[unimpor[i]]]--;}}printf("%d\n", ans);}for(i=1; i<=n; i++){edg[i].clear();
//		vector<int>().swap(edg[i]);}}  
}